PROBLEMA B.2. Se dan las rectas Obtener razonadamente
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PROBLEMA B.2. Se dan las rectas Obtener razonadamente
Matemáticas II Junio 2015 x − y + 3 = 0 3 y + 1 = 0 y s: . PROBLEMA B.2. Se dan las rectas r : x − 2 z − 3 = 0 2 x − z + 2 = 0 Obtener razonadamente, escribiendo todos los pasos del razonamiento utilizado: a) El plano paralelo a la recta s que contiene a la recta r. (3 puntos) b) La recta t que pasa por el punto (0, 0, 0), sabiendo que un vector director de t es perpendicular a un vector director de r y también es perpendicular a un vector director de s. (3 puntos) c) Averiguar razonadamente si existe o no un plano perpendicular a s que contenga a la recta r. (4 puntos) Solución: a) ¿Plano paralelo a s que contiene a r? π // s → vs será director de π r ⊂ π → Pr ∈ π y vr será director de π Obtengamos los elementos de r y s necesarios. Nos interesa obtener las ecuaciones paramétricas de ambas rectas. = −3 1 −1 x − y r : como = 2 ≠ 0 , despejamos x e y en función de z. 2 0 2 x − z = −2 −3 x − y = −3 2 x = −2 + z −2+ z x= 2 → 1 y= −1 0 −2+ z z = = −1 + 2 2 −3 2 −2+ z −2+ z +6 4 + z z = = =2+ 2 2 2 2 1 x = −1 + 2 λ 1 → r : y = 2 + λ 2 z = λ Pr (− 1 , 2 , 0 ) Por tanto: r : → 1 1 vr 2 , 2 , 1 ≈ (1 , 1 , 2 ) x = 3 + 2µ −1 3 y + 1 = 0 3 y = −1 −1 y = s: → → → s : y = 3 3 x − 2 z − 3 = 0 x = 3 + 2 z x = 3 + 2 z z = µ −1 Ps 3 , 3 , 0 Por tanto: s : → v s (2 , 0 , 1 ) µ ∈ℜ → Luego, del plano π conocemos: punto Pr (− 1 , 2 , 0 ) y vectores directores vr (1 , 1 , 2 ) → vs (2 , 0 , 1) λ ∈ℜ x+1 y −2 z 1 1 2 =0 2 0 1 x+1+4(y–2)–2z–(y–2)=0 x+1+4y–8–2z–y+2=0 x+3y–2z–5=0 La ecuación del plano π será: Solución: π: x + 3 y – 2 z – 5 = 0 → → → v v y v ⊥ b) ¿recta t? / ( 0 , 0 , 0 ) ∈ t y t r s → → i j → → → → → → vt ⊥ vr y vs , por lo tanto vt = vr × vs = 1 1 2 0 → k → → → → → → → 2 = i + 4 j − 2 k − j = i + 3 j − 2 k = (1 , 3 , − 2 ) 1 x = 0 + λ x = λ Y la ecuación paramétrica de la recta t será: t : y = 0 + 3λ λ ∈ ℜ → t : y = 3λ z = 0 − 2λ z = −2 λ x = λ Solución: t : y = 3λ λ ∈ ℜ z = −2 λ c) ¿Existe un plano π / s ⊥ π Como s ⊥ π → → → → λ ∈ℜ y r ⊂π? → nπ = vs = (2 , 0 , 1) → nπ vector perpendicular al plano π Como r ⊂ π → vr ⊥ nπ Veamos si esto último es cierto, → → vr ⋅ nπ = (1,1,2) ⋅ (2,0,1) = 2 + 0 + 2 = 4 ≠ 0 , por tanto estos vectores no son perpendiculares. En conclusión, el plano π pedido no existe.