1º Calcula un vector perpendicular a de módulo 3
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1º Calcula un vector perpendicular a de módulo 3
Apellidos y Nombre: ...........................…….............….......…………... Curso:4º ESO, A Fecha: 5-III-09 Nota RESOLUCIÓN. Lecciones 8 y 9.Geometría y Sucesiones. G 1º Calcula un vector perpendicular a u = (2, −4) de módulo 3. G Sea v = (x, y) G G G G u ⊥ v ⇒ u ⋅ v = 0 ⇔ (2, −4) ⋅ (x, y) = 0 ⇒ 2x − 4y = 0 ⇔ x = 2y Condiciones: G v = 3 ⇒ x 2 + y2 = 3 ⇔ x 2 + y2 = 9 El problema se reduce a resolver el sistema: x = 2y ⎫ 9 2 2 2 ⎬ ⇒ (2y) + y = 9 ⇒ 5y = 9 ⇒ y = ± 5 x + y = 9⎭ Se tienen DOS soluciones: G ⎛ 9 9⎞ 9 9 si y = + ⇒x=2 ⇒ v = ⎜⎜ 2 , ⎟⎟ 5 5 ⎝ 5 5⎠ 2 2 G ⎛ 9 9 9 9⎞ ⇒ x = −2 ⇒ v = ⎜⎜ −2 , − ⎟ 5 5 5 5 ⎟⎠ ⎝ Observación: se podría haber simplificado los resultados. si y = − 9 3 3 5 3 5 = = ⋅ = 5 5 5 5 5 G ⎛6 5 3 5⎞ v = ⎜⎜ , ⎟ 5 ⎟⎠ ⎝ 5 2º Dados los puntos A=(1,5) y B=(7,2) calcula los puntos P y Q del segmento AB que lo dividen en tres partes iguales. Condición: B AB = 3AP ⇒ B − A = 3(P − A) ⇔ B − A = 3P − 3A ⇒ B + 2A = 3P ⇒ Q P= B + 2A (7, 2) + 2(1,5) (9,12) = = ⇒ 3 3 3 P = (3, 4) P AP = PQ ⇒ P − A = Q − P ⇒ 2P − A = Q ⇒ Q = 2 ( 3, 4 ) − (1,5 ) ⇒ Q = ( 5,3) A Apellidos y Nombre: ...........................…….............….......…………... Curso:4º ESO, A Fecha: 5-III-09 Nota RESOLUCIÓN. Lecciones 8 y 9.Geometría y Sucesiones. 3º Calcula la mediatriz del segmento AB siendo A=(1,-5) y B(3, 7). La mediatriz de un segmento es la recta perpendicular al segmento que pasa por su punto medio. ⎧ A + B (1, −5 ) + ( 3, 7 ) = = ( 2,1) punto M = ⎪ 2 2 ⎪ G m:⎨ vector director u ⊥ AB = B − A = ( 3, 7 ) − (1, −5 ) ⎪ G ⎪= ( 2,12 ) ⇒ u = ( −12, 2 ) ⎩ La recta en forma continua será: x − 2 y −1 m: = 2 −12 ⎧ x = 2 + 3k x y 4º Estudia las posiciones relativas de las rectas: r : ⎨ y s : + =1. 2 4 ⎩ y = −4 + k Se expresan ambas rectas en forma general: ⎧ x = 2 + 3k x−2 y+4 ⇒k= = ⇒ x − 2 = 3 ( y + 4 ) ⇒ x − 2 = 3y + 12 r:⎨ 3 1 ⎩ y = −4 + k x − 3y − 2 − 12 = 0 ⇒ r : x − 3y − 14 = 0 x y 2x + y + =1⇒ = 1 ⇒ 2x + y = 4 ⇒ s : 2x + y − 4 = 0 2 4 4 Comparando los coeficientes: 1 −3 −14 ≠ ≠ ⇒ secantes. 2 1 −4 5º Calcula el valor de a para que la recta x − 3 = ay + 4 tenga de pendiente 2. Calcula su vector director, su vector normal y exprésala en forma segmentaria. Expresemos la recta en forma general: x − 3 = ay + 4 ⇒ x − ay − 7 = 0 s: G G 1 1 Un vector normal será n = (1, −a ) ⇒ v = ( a,1) ⇒ m = = 2 ⇒ a = a 2 Solución: G ⎛ 1⎞ G ⎛1 ⎞ n = ⎜ 1, − ⎟ ⇒ v = ⎜ ,1⎟ 2⎠ ⎝ ⎝2 ⎠ y x− y 2 = 7 ⇔ x − y =1 x− =7⇔ 2 7 14 7 7 Forma segmentaria: ⇔ x y + =1 7 −14 Apellidos y Nombre: ...........................…….............….......…………... Curso:4º ESO, A Fecha: 5-III-09 Nota RESOLUCIÓN. Lecciones 8 y 9.Geometría y Sucesiones. 6º Calcula los límites de las siguientes sucesiones: −4n 2 +1 ⎛ 3n − 1 ⎞ a) lim ⎜ ⎟ n →∞ 5n + 2 ⎝ ⎠ Primero se determina el tipo de indeterminación: 1⎞ ⎛ 3n − 1 ⎞ ⎛ ⎜ n ⎟ ⎜ 3− n ⎟ 3−0 3 ⎛ 3n − 1 ⎞ ⎛ ∞ ⎞ BASE: lim ⎜ = = <1 ⎟ = ⎜ ⎟ = nlim ⎜ ⎟ = nlim ⎜ n →∞ 5 n + 2 →∞ 5n + 2 →∞ 2 ⎟ 5+0 5 ⎝ ⎠ ⎝∞⎠ ⎜ ⎟ ⎜ 5+ ⎟ ⎝ n ⎠ ⎝ n⎠ EXPONENTE: lim ( −4n 2 + 1) = −4 ( ∞ ) = −∞ 2 n →∞ ⎛3⎞ Nuestro límite es del tipo ⎜ ⎟ ⎝5⎠ b) lim −∞ ∞ ⎛5⎞ =⎜ ⎟ =∞ ⎝3⎠ ( 2n − 1) ⋅ ( 3n 2 + 2 ) 5n ⋅ (1 − n 2 ) n →∞ Primero se determina el tipo de indeterminación: lim n →∞ ( 2n − 1) ⋅ ( 3n 2 + 2 ) 5n ⋅ (1 − n 2 ) = lim n →∞ 6n 3 + 4n − 3n 2 − 2 5n − 5 n 3 ⎛ ∞ ⎞ =⎜ ⎟= ⎝ −∞ ⎠ 6n + 4n − 3n − 2 4 3 2 6+ 2 − − 3 3 n n n n = 6 = −6 = lim lim 3 n →∞ n →∞ 4 5n − 5n −5 5 −5 2 3 n n 3 2 3n 2 +1 ⎛ 4n + 3 ⎞ 2n +1 c) lim ⎜ ⎟ n →∞ 4n − 1 ⎝ ⎠ Primero se determina el tipo de indeterminación: 3⎞ ⎛ 4n + 3 ⎞ ⎛ 4 + ⎜ ⎟ ⎜ ⎛ 4n + 3 ⎞ ⎛ ∞ ⎞ n ⎟= 1 BASE: lim ⎜ = ⎜ ⎟ = lim ⎜ n ⎟ = lim ⎜ ⎟ n →∞ 4 n − 1 n →∞ n →∞ 4n − 1 1⎟ ⎝ ⎠ ⎝∞⎠ ⎜ ⎟ ⎜ 4− ⎟ ⎝ n ⎠ ⎝ n⎠ 2 ⎛ 3n + 1 ⎞ 1⎞ ⎛ 3n + ⎟ ⎜ ⎟ ⎜ ⎛ 3n 2 + 1 ⎞ ⎛ ∞ ⎞ n =∞= ∞ EXPONENTE: lim ⎜ ⎜ n ⎟ = lim ⎜ ⎟ = ⎜ ⎟ = nlim ⎟ →∞ →∞ n →∞ 2 n + 1 n + 2n 1 1 ⎜⎜ ⎟⎟ ⎝ ⎠ ⎝∞⎠ ⎜ 2+ ⎟ 2 n ⎠ ⎝ ⎝ n ⎠ Por lo tanto, es un límite tipo número e. Aplicando la fórmula: Apellidos y Nombre: ...........................…….............….......…………... Curso:4º ESO, A Fecha: 5-III-09 Nota RESOLUCIÓN. Lecciones 8 y 9.Geometría y Sucesiones. 3n 2 +1 2n +1 ⎡⎛ 4n + 3 ⎞ ⎤ 3n 2 +1 lim ⎢⎜ ⎟ −1⎥ ⋅ ⎛ 4n + 3 ⎞ lim ⎜ = e n→∞ ⎣⎝ 4n −1 ⎠ ⎦ 2n +1 ⇒ ⎟ n →∞ 4n − 1 ⎝ ⎠ 4n + 3 4n − 1 4n + 3 − 4n + 1 4 ⎛ 4n + 3 ⎞ − = = ⇒ ⎜ ⎟ −1 = 4n − 1 4n − 1 4n − 1 4n − 1 ⎝ 4n − 1 ⎠ 4 3n 2 + 1 12n 2 + 4 12n 2 + 4 = ⋅ = 2 = 2 ⇒ 4n − 1 2n + 1 8n + 4n − 2n − 1 8n + 2n − 1 12n 2 + 4 4 12 + 2 2 12n 2 + 4 ⎛∞⎞ n = 12 = 3 = ⎜ ⎟ = lim 2 n = lim lim 2 n →∞ 8n + 2n − 1 8 2 ⎝ ∞ ⎠ n →∞ 8n + 2n − 1 n →∞ 8 + 2 − 1 2 2 n n n 3n 2 +1 3 ⎛ 4n + 3 ⎞ 2n +1 2 e ⇒ lim ⎜ = = e3 ⎟ n →∞ 4n − 1 ⎝ ⎠ 2n . n +1 a) calcula su límite. 2n 2n 2 ∞ ⎛ ⎞ lim = ⎜ ⎟ = lim n = lim = 2 n →∞ n + 1 ⎝ ∞ ⎠ n →∞ n + 1 n →∞ 1 + 1 n n b) ¿A partir de qué término la diferencia entre este y su límite es menor que 0,001? 2n 2n 2 ( n + 1) 2n − 2n − 2 − 2 < 0, 001 ⇔ − < 0, 001 ⇔ < 0, 001 ⇔ n +1 n +1 n +1 n +1 7º Dada la sucesión a n = 2 2 2 −2 < 0, 001 ⇔ < 0, 001 ⇔ < n +1 ⇔ n > − 1 = 1999 n +1 n +1 0, 001 0, 001 A partir de a1999 la diferencia es menor que una milésima